Question

6．已知F₁、F₂為橢圓C：$\frac{{x}^{2}}{6}$+$\frac{{y}^{2}}{2}$=1（a＞b＞0）的左、右兩個(gè)焦點(diǎn)，斜率不為0的直線l過左焦點(diǎn)F₁ 且交橢圓C于A（x₁，y₁），B（x₂，y₂）兩點(diǎn)，
（1）求|F₁F₂|的長度．
（2）求證：S${\;}_{△AB{F}_{2}}$=2|y₁-y₂|
（3）求△ABF₂面積的最大值．

Answer 1

分析 （1）利用橢圓求出a²=6，b²=2，得到c，即可求出|F₁F₂|．
（2）利用y₁•y₁＜0，求出三角形的面積，然后證明面積為：|y₁-y₂|．
（3）設(shè)直線l的方程為：x=my-2，聯(lián)立$\left\{{\begin{array}{l}{x=my-2}\\{\frac{x^2}{6}+\frac{y^2}{2}+1}\end{array}}\right.$消去x，利用韋達(dá)定理，求出三角形的面積S${\;}_{△AB{F}_{2}}$的表達(dá)式利用基本不等式求出最大值．

解答 解：（1）因?yàn)閍²=6，b²=2
所以$c=\sqrt{{a^2}-{b^2}}=2$…（1分）
故|F₁F₂|=4…（2分）
（2）證明：因?yàn)橹本€l過F₁，
且斜率不為0，所以y₁•y₁＜0…（3分）
所以，${S_{△AB{F_2}}}={S_{△A{F_1}{F_2}}}+{S_{△B{F_1}{F_2}}}=\frac{1}{2}|{{F_1}{F_2}}|•|{y_1}|+\frac{1}{2}|{{F_1}{F_2}}|•|{y_2}|$
=2|y₁|+2|y₂|=2|y₁-y₂|…（6分）
（3）由（1）得，F(xiàn)₁（-2，0），設(shè)直線l的方程為：x=my-2
由$\left\{{\begin{array}{l}{x=my-2}\\{\frac{x^2}{6}+\frac{y^2}{2}+1}\end{array}}\right.$得：（m²+3）y²-4my-2=0
所以，${y_1}+{y_2}=\frac{4m}{{{m^2}+3}}，{y_1}•{y_2}=-\frac{2}{{{m^2}+3}}$…（8分）
因此，S${\;}_{△AB{F}_{2}}$=2|y₁-y₂|=$\sqrt{{{（{y_1}+{y_2}）}^2}-4{y_1}•{y_2}}$=$2\sqrt{\frac{{16{m^2}}}{{{{（{m^2}+3）}^2}}}+\frac{8}{{{m^2}+3}}}$…（8分）
=$\frac{{4\sqrt{6}•\sqrt{{m^2}+1}}}{{{m^2}+3}}=\frac{{4\sqrt{6}}}{{\sqrt{{m^2}+1}+\frac{2}{{\sqrt{{m^2}+1}}}}}$$≤\frac{{4\sqrt{6}}}{{2\sqrt{2}}}=2\sqrt{3}$
…（9分）…（11分）
當(dāng)且僅當(dāng)$\sqrt{{m^2}+1}=\frac{2}{{\sqrt{{m^2}+1}}}$，即m=±1時(shí)取“=”號(hào)
所以，S${\;}_{△AB{F}_{2}}$的最大值為$2\sqrt{3}$…（12分）

點(diǎn)評(píng) 本題考查直線與橢圓的位置關(guān)系的綜合應(yīng)用，三角形的面積的求法，距離公式的應(yīng)用，橢圓的簡(jiǎn)單性質(zhì)的應(yīng)用，考查分析問題解決問題的能力．