Question

19．已知函數(shù)f（x）=lnx+ax（a∈R）在點(diǎn)（1，f（1））處切線方程為y=2x-1
（I）求a的值
（Ⅱ）若-$\frac{1}{2}$≤k≤2，證明：當(dāng)x＞1時(shí)，$f（x）＞k（{1-\frac{3}{x}}）+x-1$
（Ⅲ）若k＞2且k∈z，$f（x）＞k（{1-\frac{3}{x}}）+x-1$對(duì)任意實(shí)數(shù)x＞1恒成立，求k的最大值．

Answer 1

分析 （I）求出導(dǎo)數(shù)，求得切線的斜率，解方程可得a=1；
（Ⅱ）運(yùn)用分析法證明，即證lnx＞k（1-$\frac{3}{x}$）-1，即xlnx+x-k（x-3）＞0，x＞1．令g（x）=xlnx+x-k（x-3），求出導(dǎo)數(shù)，判斷單調(diào)性，即可得證；
（Ⅲ）求得g（x）在x＞1時(shí)取得最小值g（e^k-2）=3k-e^k-2，由題意可得3k-e^k-2＞0（k＞2）恒成立，令h（x）=3x-e^x-2，求出導(dǎo)數(shù)，求得單調(diào)區(qū)間，可得最大值，計(jì)算h（2），h（2+ln3），h（4），h（5）的符號(hào)，即可得到所求k的最大值．

解答 解：（I）函數(shù)f（x）=lnx+ax的導(dǎo)數(shù)為f′（x）=$\frac{1}{x}$+a，
由題意可得切線的斜率為2，即f′（1）=2，
即有1+a=2，解得a=1；
（Ⅱ）證明：由題意可得要證當(dāng)x＞1時(shí)，$f（x）＞k（{1-\frac{3}{x}}）+x-1$，
即證lnx＞k（1-$\frac{3}{x}$）-1，即xlnx+x-k（x-3）＞0，x＞1．
令g（x）=xlnx+x-k（x-3），g′（x）=2+lnx-k，
由-$\frac{1}{2}$≤k≤2，x＞1，可得2-k≥0，lnx＞0，即有g(shù)′（x）＞0，
則g（x）在x＞1遞增，即有g(shù)（x）＞g（1）=1+2k≥0，
則當(dāng)x＞1時(shí)，$f（x）＞k（{1-\frac{3}{x}}）+x-1$；
（Ⅲ）若k＞2，lnx+2-k＞0，可得x＞e^k-2；lnx+2-k＜0，可得1＜x＜e^k-2．
即有g(shù)（x）在（e^k-2，+∞）遞增，在（1，e^k-2）遞減，
可得g（x）在x＞1時(shí)取得最小值g（e^k-2）=3k-e^k-2，
由題意可得3k-e^k-2＞0（k＞2）恒成立，
令h（x）=3x-e^x-2，h′（x）=3-e^x-2，
可得x＞2+ln3，h′（x）＜0，h（x）遞減；x＜2+ln3，h′（x）＞0，h（x）遞增．
則h（x）在x=2+ln3處取得最大值，
由1＜ln3＜2，可得3＜2+ln3＜4，h（2）=6＞0，h（2+ln3）=3+3ln3＞0，h（4）=12-e²＞0，
h（5）=15-e³＜0，則k≤4，即有k的最大值為4．

點(diǎn)評(píng) 本題考查導(dǎo)數(shù)的運(yùn)用：求切線的斜率和單調(diào)區(qū)間、極值和最值，考查不等式的證明和不等式恒成立問(wèn)題的解法，考查運(yùn)算能力，屬于中檔題．