Question

10．已知橢圓C：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1（a＞b＞0）的長(zhǎng)軸的長(zhǎng)是短軸長(zhǎng)的兩倍，焦距為2$\sqrt{3}$．
（1）求橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程
（2）若直線l：y=kx+m（m≠0）與橢圓C相交于不同兩點(diǎn)M，N，直線OM，MN，ON的斜率存在且依次成等比數(shù)列，求k的值及m的取值范圍（O為坐標(biāo)原點(diǎn)）

Answer 1

分析 （1）由橢圓的長(zhǎng)軸的長(zhǎng)是短軸長(zhǎng)的兩倍，焦距為2$\sqrt{3}$，列出方程組，求出a，b，由此能求出橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程．
（2）聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{y=kx+m}\\{\frac{{x}^{2}}{4}+{y}^{2}=1}\end{array}\right.$，得（1+4k²）x²+8kmx+4（m²-1）=0，由此利用韋達(dá)定理、等比數(shù)列、根的判別式，結(jié)合已知能求出m的取值范圍．

解答 解：（1）∵橢圓C：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}+\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1（a＞b＞0）的長(zhǎng)軸的長(zhǎng)是短軸長(zhǎng)的兩倍，焦距為2$\sqrt{3}$，
∴$\left\{\begin{array}{l}{2a=2×2b}\\{2c=2\sqrt{3}}\\{{a}^{2}=^{2}+{c}^{2}}\end{array}\right.$，解得a=2，b=1，c=$\sqrt{3}$，
∴橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為$\frac{{x}^{2}}{4}+{y}^{2}=1$．
（2）由題意，得k≠0，
聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{y=kx+m}\\{\frac{{x}^{2}}{4}+{y}^{2}=1}\end{array}\right.$，消去y并整理，得（1+4k²）x²+8kmx+4（m²-1）=0，
設(shè)M（x₁，y₁），N（x₂，y₂），則${x}_{1}+{x}_{2}=-\frac{8km}{1+4{k}^{2}}$，${x}_{1}{x}_{2}=\frac{4（{m}^{2}-1）}{1+4{k}^{2}}$，
由題意m²≠1（否則x₁x₂=0，則x₁，x₂中至少有一個(gè)為0，直線OM，ON中至少有一個(gè)斜率不存在，矛盾），
∴${y}_{1}{y}_{2}=（k{x}_{1}+m）（k{x}_{2}+m）={k}^{2}{x}_{1}{x}_{2}$+km（x₁+x₂）+m²，
又直線OM，MN，ON的斜率依次成等比數(shù)列，
∴$\frac{{y}_{1}}{{x}_{1}}•\frac{{y}_{2}}{{x}_{2}}=\frac{{k}^{2}{x}_{1}{x}_{2}+km（{x}_{1}+{x}_{2}）+{m}^{2}}{{x}_{1}{x}_{2}}$=k²，
∴-$\frac{8{k}^{2}{m}^{2}}{1+4{k}^{2}}$+m²=0，
由m≠0，得：${k}^{2}=\frac{1}{4}$，解得k=$±\frac{1}{2}$，
由△=64k²m²-16（1+4k²）（m²-1）=16（4k²-m²+1）＞0，
得-$\sqrt{2}$＜m＜-1或-1＜m＜0或0＜m＜1或1＜m＜$\sqrt{2}$，
∴m的取值范圍是（-$\sqrt{2}，-1$）∪（-1，0）∪（0，1）∪（1，$\sqrt{2}$）．

點(diǎn)評(píng) 本題考查橢圓方程的求法，考查實(shí)數(shù)的取值范圍的求法，是中檔題，解題時(shí)要認(rèn)真審題，注意韋達(dá)定理、等比數(shù)列、根的判別式、橢圓性質(zhì)的合理運(yùn)用．