分析 (1)由奇函數(shù)的定義可得f(-1)=-f(1),解方程可得a=2,再由定義檢驗(yàn)即可得到;
(2)f(x)在R上為增函數(shù);運(yùn)用單調(diào)性的定義,注意設(shè)值,作差,變形和定符號、下結(jié)論;
(3)運(yùn)用指數(shù)函數(shù)的值域,以及不等式的性質(zhì),即可得到所求值域;
(4)由奇函數(shù)和單調(diào)性的性質(zhì)可得,t2-(m一2)t>-t2+m-1,即為2t2-(m-2)t+1-m>0,由判別式小于0,解不等式即可得到所求范圍.
解答 解:(1)定義域?yàn)镽的函數(shù)f(x)=$\frac{{2}^{x}-1}{a+{2}^{x+1}}$是奇函數(shù),
可得f(-1)=-f(1),即有$\frac{{2}^{-1}-1}{a+1}$=-$\frac{2-1}{a+4}$,
解方程可得a=2,
即f(x)=$\frac{{2}^{x}-1}{2({2}^{x}+1)}$,f(-x)=$\frac{{2}^{-x}-1}{2({2}^{-x}+1)}$=$\frac{1}{2}$•$\frac{1-{2}^{x}}{1+{2}^{x}}$=-f(x),
即有f(x)為奇函數(shù).
故a=2;
(2)f(x)在R上為增函數(shù);
證明:由f(x)=$\frac{1}{2}$-$\frac{1}{{2}^{x}+1}$,設(shè)m<n,
f(m)-f(n)=$\frac{1}{{2}^{n}+1}$-$\frac{1}{{2}^{m}+1}$=$\frac{{2}^{m}-{2}^{n}}{({2}^{n}+1)({2}^{m}+1)}$,
由m<n,可得0<2m<2n,即為2m-2n<0,
則f(m)<f(n),即f(x)在R上遞增;
(3)由f(x)=$\frac{1}{2}$-$\frac{1}{{2}^{x}+1}$,2x>0,1+2x>1,
即有0<$\frac{1}{1+{2}^{x}}$<1,則-$\frac{1}{2}$<$\frac{1}{2}$-$\frac{1}{{2}^{x}+1}$<$\frac{1}{2}$,
則f(x)的值域?yàn)椋?$\frac{1}{2}$,$\frac{1}{2}$);
(4)任意的t∈R,不等式f(t2-(m一2)t)+f(t2-m+1)>0恒成立,
即有f(t2-(m一2)t)>-f(t2-m+1)=f(-t2+m-1),
由f(x)在R上遞增,可得t2-(m一2)t>-t2+m-1,
即為2t2-(m-2)t+1-m>0,
由題意對t為一切實(shí)數(shù)恒成立,可得△<0,
即為(m-2)2-8(1-m)<0,解得
-2-2$\sqrt{2}$<m<-2+2$\sqrt{2}$.
點(diǎn)評 本題考查函數(shù)的性質(zhì)和運(yùn)用,考查奇函數(shù)的運(yùn)用和單調(diào)性的運(yùn)用,同時考查函數(shù)的值域求法,注意指數(shù)函數(shù)的值域的運(yùn)用,同時考查不等式恒成立問題的解法,考查運(yùn)算能力,屬于中檔題.
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A. | (0,$\frac{8}{11}$) | B. | (0,$\frac{11}{8}$) | C. | (0,$\frac{8}{19}$) | D. | (0,$\frac{19}{8}$) |
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