分析 (Ⅰ)求出圓心坐標(biāo),即可求圓C的方程;
(Ⅱ)①設(shè)點Q到PM的距離為h,圓心C到PM的距離為d,所以${S_{△QPM}}=\frac{1}{2}\left|{PM}\right|•h=\sqrt{2}h$.△QPM面積的最大值即需要h取的最大值,此時點Q與圓心C的連線與PM垂直;
②證明kPM•kAB=-1,即可得出結(jié)論.
解答 解:(Ⅰ)∵x2+y2-4x-2y+3=0,
∴(x-2)2+(y-1)2=2. …(1分)
設(shè)圓C的圓心為C(a,b),
又因為圓C與圓D關(guān)于直線4x+2y-5=0對稱,
即圓心D(2,1)與(a,b)關(guān)于直線4x+2y-5=0對稱.
∴$\left\{\begin{array}{l}\frac{b-1}{a-2}•({-2})=-1\\ 4•\frac{a+2}{2}+2•\frac{b+1}{2}-5=0\end{array}\right.$,…(3分)
∴$\left\{\begin{array}{l}a=0\\ b=0\end{array}\right.$.
∴圓C的方程為x2+y2=2. …(4分)
(Ⅱ)①因為點P(2,0),M(0,2),所以$\left|{PM}\right|=2\sqrt{2}$,…(5分)
設(shè)點Q到PM的距離為h,圓心C到PM的距離為d,
所以${S_{△QPM}}=\frac{1}{2}\left|{PM}\right|•h=\sqrt{2}h$.△QPM面積的最大值即需要h取的最大值,此時點Q與圓心C的連線與PM垂直,
故有最大值$h=d+r=\sqrt{2}+\sqrt{2}=2\sqrt{2}$,最大面積${S_{△QPM}}=\sqrt{2}•2\sqrt{2}=4$,…(7分)
此時點Q坐標(biāo)為點(-1,-1). …(8分)
②直線AB與直線PM垂直,理由如下:…(9分)
因為過點Q(-1,-1)作兩條相異直線分別與圓C相交于A、B兩點,直線QA、QB的傾斜角互補,所以直線QA、QB斜率都存在.
設(shè)直線QA的斜率為k,則直線QB斜率為-k,所以直線QA的方程:y+1=k(x+1)
$\left\{\begin{array}{l}y+1=k(x+1)\\{x^2}+{y^2}=2\end{array}\right.$⇒(1+k2)x2+2k(k-1)x+k2-2k-1=0,…(10分)
又因為點Q(-1,-1)在圓C上,故有${x_A}•(-1)=\frac{{{k^2}-2k-1}}{{1+{k^2}}}$,所以${x_A}=\frac{{-{k^2}+2k+1}}{{1+{k^2}}}$,
同理${x_B}=\frac{{-{k^2}-2k+1}}{{1+{k^2}}}$,…(11分)
${k_{AB}}=\frac{{{y_B}-{y_A}}}{{{x_B}-{x_A}}}=\frac{{-k({x_B}+1)-1-k({x_A}+1)+1}}{{{x_B}-{x_A}}}=\frac{{-k({x_B}+{x_A})-2k}}{{{x_B}-{x_A}}}=1$,…(12分)
又${k_{PM}}=\frac{2-0}{0-2}=-1$,所以有kPM•kAB=-1,
故直線AB與直線PM垂直. …(13分)
點評 本題考查求一個圓關(guān)于直線的對稱圓的方程的方法,直線和圓相交的性質(zhì),判斷兩直線垂直的方法,考查學(xué)生分析解決問題的能力,屬于中檔題.
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A. | 24 | B. | 48 | C. | 66 | D. | 132 |
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A. | -8 | B. | -5 | C. | -2 | D. | -1 |
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A. | 4 | B. | 9 | C. | 10 | D. | 12 |
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A. | a>b>c | B. | a<b<c | C. | b>c>a | D. | b>a>c |
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A. | ②④ | B. | ①④ | C. | ②③ | D. | ①③ |
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A. | 50 | B. | 45 | C. | 40 | D. | 20 |
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