8.如圖,在幾何體ABCDEF中,AB∥CD,AD=DC=CB=1,∠ABC=60°,四邊形ACFE為矩形,F(xiàn)B=$\sqrt{10}$,M,N分別為EF,AB的中點.
(I)求證:MN∥平面FCB;
(Ⅱ)若直線AF與平面FCB所成的角為30°,求平面MAB與平面FCB所成角的余弦值.

分析 (I)根據(jù)線面平行的判定定理進(jìn)行證明即可;
(Ⅱ)建立空間直角坐標(biāo)系,求平面的法向量,利用向量法進(jìn)行求解.

解答 證明:(I)取BC的中點Q,連接NQ,F(xiàn)Q,則NQ=$\frac{1}{2}$AC,NQ∥AC.
又MF=$\frac{1}{2}$AC,MF∥AC,所以MF=NQ,MF∥NQ,則四邊形MNQF為平行四邊形,即MN∥FQ.
∵PQ?平面FCB,MN?平面FCB,
∴MN∥平面.…5分
(Ⅱ)解:由AB∥CD,AD=DC=CB=1,∠ABC=60°可得,∠ACB=90°.AC=$\sqrt{3}$,BC=1,AB=2,
因為四邊形ACFE為矩形,所以AC⊥平面FCB,
則∠AFC為直線AF與平面FCB所成的角,即∠AFC=30°,
∴FC=3.
∵FB=$\sqrt{10}$,∴FC⊥BC.
則可建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系C-xyz,
∴A($\sqrt{3}$,0,0).B(0,1,0),M($\frac{\sqrt{3}}{2}$,0,3),則$\overrightarrow{MA}$=($\frac{\sqrt{3}}{2}$,0,-3),$\overrightarrow{MB}$=(-$\frac{\sqrt{3}}{2}$,1,-3),
設(shè)$\overrightarrow{m}$=(x,y,z)為平面MAB的法向量,
則$\left\{\begin{array}{l}{\overrightarrow{MA}•\overrightarrow{m}=0}\\{\overrightarrow{MB}•\overrightarrow{m}=0}\end{array}\right.$,即$\left\{\begin{array}{l}{\frac{\sqrt{3}}{2}x-3z=0}\\{-\frac{\sqrt{3}}{2}x+y-3z=0}\end{array}\right.$.
取x=2$\sqrt{3}$,則$\overrightarrow{m}$=(2$\sqrt{3}$,6,1)為平面MAB的一個法向量.
又$\overrightarrow{n}$=($\sqrt{3}$,0,0)為平面FCB的一個法向量,
則cos<$\overrightarrow{m}$,$\overrightarrow{n}$>=$\frac{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{n}}{|\overrightarrow{m}||\overrightarrow{n}|}$=$\frac{2\sqrt{3}×\sqrt{3}}{7×\sqrt{3}}$=$\frac{2\sqrt{3}}{7}$.
則平面MAB與平面FCB所成角的余弦值為$\frac{2\sqrt{3}}{7}$.…12分

點評 本小題主要考查線面平行的判斷和二面角的求解,考查用空間向量解決立體幾何問題的方法,考查空間想象能力、運算能力和推理論證能力,綜合性較強(qiáng),運算量較大.

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